积分变换习题解答
时间:2025-04-03
时间:2025-04-03
积分变换 东南大学 张元林 第四版 南京工学院 习题 解答 详解
傅氏变换习题解答
习题一
1.试证:若f(t)满足傅氏积分定理的条件,则有 其中
f(t)=∫
+∞
a(ω)cosωtdω+∫b(ω)sinωtdω
+∞
a(ω)=
1
π
1
∫∫
+∞
∞+∞
f(τ)cosωτdτ,
b(ω)=
证 f(t)=
π
∞
f(τ)sinωτdτ
12π
+∞ ∞
∫∫
∞+∞ ∞
+∞+∞
∞
f(τ)e jωτdτejωtdω=
12π
∫∫
∞
+∞+∞
∞
f(τ)(cosωτ jsinωτ)cosωtdτdω
+∞
1
+
2π +∫
因
+∞ ∞
∫∫
π∫
1
f(τ)(cosωτ jsinωτ)jsinωtdτdω=∫
+∞0
1
π
∫
+∞
∞+∞
f(τ)cosωτdτcosωtdω
+∞
∞
f(τ)sinωτdτsinωtdω=∫a(ω)cosωtdω+∫b(ω)sinωtdω
+∞
∫
+∞
∞
f(τ)sinωτcosωtdτdω为ω的奇函数,∫
∞
f(τ)cosωτcosωtdτdω为ω的偶函数。
2.试证:若f(t)满足傅氏积分定理的条件,当f(t)为奇函数时,则有
f(t)=b(ω)sin(ωt)dω
∫
+∞
其中
b(ω)=
当f(t)为偶函数时,则有
2
π
∫
+∞
f(τ)sin(ωτ)dτ
f(t)=∫a(ω)cos(ωt)dω
+∞
其中
a(ω)=
证 设f(t)是奇函数
π∫
2
+∞
f(τ)cos(ωτ)dτ
1
f(t)=
2π
∫∫
∞
+∞+∞
∞+∞
f(τ)e
jωτ
1
dτedω=
2π
jωt
∫∫
∞
+∞+∞
∞
f(τ)(cosωτ jsinωτ)dτejωtdω
==
πj∫ ∞
1
∫
+∞
f(τ)sinωτdτejωtdω=
1+∞jωt
(b(ω)是ω的奇函数) bωedω。()∫ ∞2j
+∞1+∞
bcostjsintdb(ω)sinωtdω ωω+ωω=()()∫∫ ∞02j
设f(t)是偶函数
积分变换 东南大学 张元林 第四版 南京工学院 习题 解答 详解
1
f(t)=
∫∫
+∞+∞
f(τ)e jωτ
1
dτedω=
jωt
∫∫
+∞+∞
f(τ)(cosωτ jsinωτ)dτejωtdω
2π
∞
∞
2π
∞
∞
=
1+∞2
∫ ∞a(ω)ejωt
dω=∫+∞0a(ω)cosωtdω a(ω)是ω的偶函数。(注也可由1题推证2题)
3.在题2中,设f(t)=
1,|t|≤1
0,|t|>1
,试算出a(ω),并推证
π
2,|t|<1∫+∞sinωcosωt
ωω= π
,|t|=1
4 0,|t|>1
证 f(t)是偶函数
a(ω)=
2+∞2sinωt1π∫0f(t)cosωtdt=πω0=2sinω
πω
f(t)=∫
+∞0
a(ω)cosωtdω=
2∫+∞sinωcosωt
π0ω
dω
π2|t|<1所以
∫+∞sinωcosωt
ωdω=π π0+1π
2f(t)= 22
=|t|=1。 4 0|t|>1
习题二
1. 求矩形脉冲函数f(t)=
A,0≤t≤τ
0,其他的傅氏变换。
解
F(ω)=¶ f(t) =
∫+∞ jωτ jωt ∞f(t)et
dt=∫0Aedt
e
jωtτ
ωτωτ
=A0
e i 11 e j jω=A jω=A
jω
2. 求下列函数的傅氏积分:
0,(1)f(t)= 1 t2,t2<12 (2)f(t)= 0,
t<0e tsin2t,t≥0 (3)f(t)=
1, 0,
t>1 1,
0,解 (1)函数f(t)= 1 t2,|t|<1
满足傅氏积分定理的条件,傅氏积分公式为
0,|t|>1 ∞<t< 1
1<t<00<t<11<t<+∞
积分变换 东南大学 张元林 第四版 南京工学院 习题 解答 详解
1
f(t)=
2π=
=
∫∫
∞+∞
10
+∞+∞
∞
f(t) e
2
iωt
1
dtedω=
2π
iωtiωt
∫∫(1 t) e
2
+∞1
iωt
∞ 1
dteiωtdω
2
1
(1 t)cosωtdte
π∫∫
∞
1
dω=
1
π
∫
4
+∞
∞
sinωt ω 2tcosωt2sinωttsinωt iωt + edω] 23
ωωω 0
1
π
∫
+∞
2(sinω ωcosω)
∞
ω3
edω=
iωt
π
∫
+∞
sinω ωcosω
ω3
cosωtdω
t<0 0,
(2)f(t)= t满足傅氏积分定理的条件,其傅氏积分公式为
esin2t,t0≥
1f(t)=
2π
1=2π
∫∫
∞+∞ ∞
+∞+∞
∞
f(t)e
t
iωt
1+∞+∞ t
dtedω=esin2te iωtdteiωtdω ∫∫2π ∞0
iωt
∫∫
+∞
1+∞+∞ t+i(2 ω)t t i(2+ω)tei2t e i2t iωtiωtiωt
e edtedω eedtedω=
4πi∫ ∞∫02i
()
1+i(2 ω) 1 i(2+ω) t t 1+∞ e e iωtedω = ∫ ∞4πi 1+i2 ω 1 i2+ω 0
+∞
=
4πi∫ ∞
1
+∞
iωt 1 1
edω
+ +ωω1i21i2
2
===
1
π
1
∫∫
+∞
(5 ω) 2ωi
25 6ω2+ω4
2
∞
(cosωt+isinωt)dω
π∫ ∞
+∞
+∞
π
2
∞
(5 ω)cosωt+2ωsinωtdω+i
25 6ω2+ω4
2
(5 ω)sinωt 2ωcosωtdω
2
25 6ω2+ω4
π
∫
+∞
(5 ω)cosωt+2ωsinωtdω
25 6ω2+ω4
是奇函数,满足傅氏积分定理的条件,其傅氏积分公式为
1, 1<t<0
(3)函数f(t)= 1,0<t<1
0,其他
f(t)=
1
2π
∫∫
∞